关于电荷和静电场，下列说法正确的是（ ）A. 一个与外界没有电荷交换的系统，电荷的代数和保持不变B. 电场线与等势面垂直，且由电势低的等势面指向电势高的等势面C. 点电荷仅在电场力作用下从静止释放，该点电荷的电势能将减小D. 点电荷仅在电场力作用下从静止释放，将从高电势的地方向低电势的地方运动

【单选题】正常阳光(9:00-11:30、14:00-16:30)的色温为()。A. 3400KB. 4500KC. 5400KD. 5800—6500K

6.已知力F的大小和方向,在以下三种条件下,-|||-通过作图求两个分力F1和F2。-|||-(1)图甲,已知两个分力的方向,即图中角-|||-α和β确定,求两力的大小;-|||-(2)图乙,已知分力F1的大小和方向,求另-|||-一个分力F2的大小和方向;-|||-(3)图丙,已知F1的方向和F2的大小,求-|||-F1的大小和F2的方向。-|||-以上三种情况的解是否都是唯一的?-|||-F2 F-|||-F F-|||-F2-|||-β-|||-a →F1 a a F1-|||-→(F1)-|||-甲 乙 丙

小兰的身高1.5m，她的影长是2.4m.如果同一时间、同一地点测得一棵树的影子长4m，这棵树有多高?

当扫描隧道显微镜的探针对准试件表面某个原子并非常接近时,由于原子间的作用力,探针针尖可以带动该原子随针尖移动,而不脱离试件表面,实现试件()。A. 表面原子搬迁B. 表面原子成形C. 表面原子重组D. 表面原子改变

一人能在静水中以1.10m·s-1 的速度划船前进.今欲横渡一宽为1.00 ×103m、水流速度为0.55m·s-1 的大河.(1) 他若要从出发点横渡该河而到达正对岸的一点,那么应如何确定划行方向? 到达正对岸需多少时间? (2)如果希望用最短的时间过河,应如何确定划行方向? 船到达对岸的位置在什么地方?分析 船到达对岸所需时间是由船相对于岸的速度v 决定的.由于水流速度u的存在, v与船在静水中划行的速度v′之间有v=u +v′(如图所示).若要使船到达正对岸,则必须使v沿正对岸方向;在划速一定的条件下,若要用最短时间过河,则必须使v 有极大值.题 1-27 图解 (1) 由v=u +v′可知题 1-27 图,则船到达正对岸所需时间为题 1-27 图(2) 由于题 1-27 图,在划速v′一定的条件下,只有当α=0 时, v 最大(即v=v′),此时,船过河时间t′=d /v′,船到达距正对岸为l 的下游处,且有题 1-27 图226.33在题3-30的冲击摆问题中,若以质量为m′ 的均匀细棒代替柔绳,子弹速度的最小值应是多少?分析 该题与习题3-30 的不同之处在于:(1) 子弹与摆锤的相互作用过程不再满足动量守恒,而应属于角动量守恒,这是因为细棒和摆锤是一整体,子弹与摆锤相互作用时,轴对杆有水平方向的分力作用,因此,对子弹与摆组成的系统而言,不能满足动量守恒的条件.但是,轴对杆的作用力和杆所受的重力对转动都不产生力矩,系统角动量守恒的条件却能满足.(2) 摆在转动过程中,就地球与摆组成的系统而言,满足机械能守恒定律.摆锤恰能通过最高点所需的速度,可直接应用机械能守恒定律去解.摆是刚体,摆锤与轴心之间的距离不可能发生改变.摆锤开始转动时的动能必须大于或等于转至最高点处所增加的势能.解 取子弹与摆为系统,根据系统的角动量守恒,有 (1)式中、和分别为子弹、摆锤和杆对轴的转动惯量.根据摆在转动过程中机械能守恒,有题 1-27 图 (2)由式(1)、(2)可得子弹速度的最小值为题 1-27 图227.15边长为a 的立方体如图所示,其表面分别平行于Oxy、Oyz 和Ozx 平面,立方体的一个顶点为坐标原点.现将立方体置于电场强度(k,E ,E 为常数)的非均匀电场中,求电场对立方体各表面及整个立方体表面的电场强度通量.题 1-27 图解 如图所示,由题意E 与Oxy 面平行,所以任何相对Oxy 面平行的立方体表面,电场强度的通量为零,即.而考虑到面CDEO 与面ABGF 的外法线方向相反,且该两面的电场分布相同,故有题 1-27 图同理 题 1-27 图题 1-27 图因此,整个立方体表面的电场强度通量题 1-27 图228.27一质量为1.12 kg,长为1.0 m 的均匀细棒,支点在棒的上端点,开始时棒自由悬挂.以100 N 的力打击它的下端点,打击时间为0.02 s.(1) 若打击前棒是静止的,求打击时其角动量的变化;(2) 棒的最大偏转角.题 1-27 图分析 该题属于常见的刚体转动问题,可分为两个过程来讨论:(1) 瞬间的打击过程.在瞬间外力的打击下,棒受到外力矩的角冲量,根据角动量定理,棒的角动量将发生变化,则获得一定的角速度.(2) 棒的转动过程.由于棒和地球所组成的系统,除重力(保守内力)外无其他外力做功,因此系统的机械能守恒,根据机械能守恒定律,可求得棒的偏转角度.解 (1) 由刚体的角动量定理得(2) 取棒和地球为一系统,并选O 处为重力势能零点.在转动过程中,系统的机械能守恒,即由式(1)、(2)可得棒的偏转角度为229.24有两块相距为0.50 的薄金属板A、B 构成的空气平板电容器被屏蔽在一金属盒K 内,金属盒上、下两壁与A、B 分别相距0.25mm,金属板面积为30 mm ×40 mm。求(1) 被屏蔽后电容器的电容变为原来的几倍;(2) 若电容器的一个引脚不慎与金属屏蔽盒相碰,问此时的电容又为原来的几倍?题 1-27 图分析 薄金属板A、B 与金属盒一起构成三个电容器,其等效电路图如图(B)所示,由于两导体间距离较小,电容器可视为平板电容器,通过分析等效电路图可以求得A、B 间的电容。解 (1) 由等效电路图可知由于电容器可以视作平板电容器,且题 1-27 图,故,因此A、B 间的总电容(2) 若电容器的一个引脚不慎与金属屏蔽盒相碰,相当于C2 (或者C3)极板短接,其电容为零,则总电容230.32 如图所示,A 与B 两飞轮的轴杆由摩擦啮合器连接,A 轮的转动惯量J =10.0 kg· m ,开始时B 轮静止,A 轮以n =600 r· min 的转速转动,然后使A 与B 连接,因而B 轮得到加速而A 轮减速,直到两轮的转速都等于n =200 r· min 为止.求:(1) B 轮的转动惯量;(2) 在啮合过程中损失的机械能.分析 两飞轮在轴方向啮合时,轴向力不产生转动力矩,两飞轮系统的角动量守恒,由此可求得B 轮的转动惯量.根据两飞轮在啮合前后转动动能的变化,即可得到啮合过程中机械能的损失.解 (1) 取两飞轮为系统,根据系统的角动量守恒,有题 1-27 图则B 轮的转动惯量为(2) 系统在啮合过程中机械能的变化为式中负号表示啮合过程中机械能减少.231.6一铁心上绕有线圈100匝,已知铁心中磁通量与时间的关系为,求在时,线圈中的感应电动势.分析 由于线圈有N 匝相同回路,线圈中的感应电动势等于各匝回路的感应电动势的代数和,在此情况下,法拉第电磁感应定律通常写成题 1-27 图,其中称为磁链.解 线圈中总的感应电动势当题 1-27 图时,.232.16如图(a)所示,飞轮的质量为60 kg,直径为0.50 m,转速为1.0 ×10r·min .现用闸瓦制动使其在5.0 s 内停止转动,求制动力F.设闸瓦与飞轮之间的摩擦因数 μ=0.40,飞轮的质量全部分布在轮缘上.题 1-27 图分析 飞轮的制动是闸瓦对它的摩擦力矩作用的结果,因此,由飞轮的转动规律可确定制动时所需的摩擦力矩.但是,摩擦力矩的产生与大小,是由闸瓦与飞轮之间的正压力F 决定的,而此力又是由制动力F 通过杠杆作用来实现的.所以,制动力可以通过杠杆的力矩平衡来求出.解 飞轮和闸杆的受力分析,如图(b)所示.根据闸杆的力矩平衡,有而,则闸瓦作用于轮的摩擦力矩为 (1)摩擦力矩是恒力矩,飞轮作匀角加速转动,由转动的运动规律,有题 1-27 图 (2)因飞轮的质量集中于轮缘,它绕轴的转动惯量,根据转动定律,由式(1)、(2)可得制动力题 1-27 图233.31 质量为0.50 kg,长为0.40 m 的均匀细棒,可绕垂直于棒的一端的水平轴转动.如将此棒放在水平位置,然后任其落下,求:(1) 当棒转过60°时的角加速度和角速度;(2) 下落到竖直位置时的动能;(3) 下落到竖直位置时的角速度.分析 转动定律M =Jα是一瞬时关系式,为求棒在不同位置的角加速度,只需确定棒所在位置的力矩就可求得.由于重力矩是变力矩,角加速度也是变化的,因此,在求角速度时,就必须根据角加速度用积分的方法来计算(也可根据转动中的动能定理,通过计算变力矩的功来求).至于棒下落到竖直位置时的动能和角速度,可采用系统的机械能守恒定律来解,这是因为棒与地球所组成的系统中,只有重力作功(转轴处的支持力不作功),因此,系统的机械能守恒.解 (1) 棒绕端点的转动惯量由转动定律M =Jα可得棒在θ 位置时的角加速度为题 1-27 图当θ =60°时,棒转动的角加速度由于题 1-27 图,根据初始条件对式(1)积分,有题 1-27 图则角速度为(2) 根据机械能守恒,棒下落至竖直位置时的动能为题 1-27 图(3) 由于该动能也就是转动动能,即题 1-27 图,所以,棒落至竖直位置时的角速度为234.1 电荷面密度均为+σ的两块“无限大”均匀带电的平行平板如图(A)放置,其周围空间各点电场强度E(设电场强度方向向右为正、向左为负)随位置坐标x 变化的关系曲线为图(B)中的( )分析与解 “无限大”均匀带电平板激发的电场强度为题 1-27 图,方向沿带电平板法向向外,依照电场叠加原理可以求得各区域电场强度的大小和方向.因而正确答案为(B).235.3下列说法正确的是( )A. 电场强度为零的点,电势也一定为零 B. 电场强度不为零的点,电势也一定不为零 C. 电势为零的点,电场强度也一定为零 D. 电势在某一区域内为常量,则电场强度在该区域内必定为零 E. . F. *5-4在一个带负电的带电棒附近有一个电偶极子,其电偶极矩p 的方向如图所示.当电偶极子被释放后,该电偶极子将( ) G. 沿逆时针方向旋转直到电偶极矩p 水平指向棒尖端而停止 沿逆时针方向旋转至电偶极矩p 水平指向棒尖端,同时沿电场线方向朝着棒尖端移动 沿逆时针方向旋转至电偶极矩p 水平指向棒尖端,同时逆电场线方向朝远离棒尖端移动 沿顺时针方向旋转至电偶极矩p 水平方向沿棒尖端朝外,同时沿电场线方向朝着棒尖端移动 题 1-27 图 . 的平行长直导线,它们中心距离为d.试求长为l 的一对导线的自感(导线内部的磁通量可略去不计). 题 1-27 图 I,然后计算图中阴影部分(宽为d、长为l)的磁通量.该区域内磁场可以看成两无限长直载流导线分别在该区域产生的磁场的叠加. I 时,两平行导线间的磁感强度为 题 1-27 图 穿过图中阴影部分的磁通量为 题 1-27 图 则长为l 的一对导线的自感为 题 1-27 图 L1 称为外自感,即本题已求出的L,L2 称为一根导线的内自感.长为l的导线的内自感题 1-27 图,有兴趣的读者可自行求解.

二、填空题(每空1分,共16分)-|||-13.老李要购买安装电灯用的电线,商店里有同样粗细的铜导线和铝导线,从导电能力方面-|||-应选 铜 导线,导线外皮用的绝缘材料 有 _(选填"没有"或"有")电阻。-|||-14.已知定值电阻R 1、R2的阻值分别为5Ω、3Ω,把它们串联起来,则通过它们的电流之-|||-比 _(1):(I)_(2)=underline (1:1) 它们两端的电压之比 _(1):(U)_(2)=5:3 若把它们并联起来,-|||- 11 53 -|||-则通过它们的电流之比 _(1):(I)_(2)=3:5 。-|||- 35 -|||-15.某导体两端的电压为3V时,通过它的电流为100mA,则这个导体的电阻为 30 Ω。-|||-将该导体两端的电压提高到6V时,电流表应选用_ approx 0.6A (选填" approx 0.6A 或-|||-0~3A") 量程来测量电流。-|||-16.在图9所示的电路中,电流表的示数为0.3A,灯泡L的电阻为3Ω,整个电路的电阻-|||-为30Ω,那么灯泡两端的电压为 09 V,电压表的示数为 9 V。-|||-bigcirc -|||-A L-|||-R-|||-bigcirc -|||-图9-|||-A A2-|||-S R1 R2-|||-A3-|||-图10-|||-bigcirc -|||-R S A-|||-v-|||-图11-|||-17.在图10所示的电路中,定值电阻 _(1)=(R)_(2) 开关闭合后,如果电流表A1的示数为-|||-0.4A,那么电流表A 2的示数为 0.2 A,电流表A3的示数为_0.4A-|||-18.在图11所示的电路中,电源电压保持不变,S断开时,电灯L正常发光。当S闭合时,-|||-电灯L能 (选填"能"或"不能")正常发光,电流表的示数 增大 _选选-|||-变大""不变"或"变小"),电压表的示数不变(选填"变大""不变"或"变-|||-小")。-|||-19.甲、乙两个定值电阻,甲标有"16Ω 1.5A"的字样,乙标有"22Ω 0.5A"的字-|||-样。把它们串联起来接入电路中,则该串联电路允许通过的最大电流是0 0.5 A,电-|||-路两端允许加的最大电压是19 V。

这些题 谁会啊 1、已知某力的大小为10N,则不可能将此力分解为下列哪组力?( ) A．3N、3N B．6N、6N?C．100N、100N D．400N、400N? 2、物体在斜面上保持静止状态,下列说法中正确的是?( ) ①重力可分解为沿斜面向下的力和对斜面的压力? ②重力沿斜面向下的分力与斜面对物体的静摩擦力是一对平衡力? ③物体对斜面的压力与斜面对物体的支持力是一对平衡力? ④重力垂直于斜面方向的分力与斜面对物体的支持力是一对平衡力? A．①② B．①③ C．②③ D．②④? 3、将—个已知的力分解,下列情况中一定具有唯一解的是( ) A．已知两个分力的方向,并且不在同一直线上 B．已知一个分力的大小和方向 C．已知一个分力的大小和另一个分力的方向 D．已知二个分力的大小 4、 关于力的分解,下列说法中正确的是 ( ) A．一个力可以分解成两个比它大的分力 B．一个力可分解成两个大小跟它相等的力 C．如果一个力和它的一个分力的大小方向确定,那么另一个分力就是唯一的 D．如果一个力以及它的一个分力的大小和另一个分力的方向确定,这两个分力就完全确定了 5、将一个有确定方向的力F=10N分解成两个分力,已知一个分力有确定的方向,与F成30°夹角,另一个分力的大小为6N,则在分解时( ) A.有无数组解 B.有两组解 C.有唯一解 D. 6、如图所示,在三角架B点用一根细绳挂一个50N的重物G,求横梁AB和斜梁BC所受的力．? 7、水平面上和倾角为α的斜面上的物体都受到推力F的作用,如图所示,说明甲、乙两种情况下产生的效果,并求出每种情况下的两个分力的大小．? 8、重力为G的物体放在倾角为α的固定斜面上,现对物块施加一个与斜面垂直的压力F,如图所示,则物体对斜面的压力的大小为______．? 9、如图所示,一半径为r的球重为G,它被长为r的细绳挂在光滑的竖直墙壁上．? (1)细绳拉力的大小；? (2)墙壁受的压力的大小．? 10、 在一实际问题中进行力的分解时,应先弄清该力产生了怎样的效果,然后再分解这个力,如图所示的三种情况中,均匀球都处于静止状态,各接触面光滑．为了讨论各接触面所受的压力,应该怎样对重力进行分解?若球的质量为m,将重力分解后,它的两个分力分别为多大?(已知斜面倾角为α)? 11、三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同,它们共同悬挂一重物,如图所示,其中OB是水平的,A端、B端固定,若逐渐增加C端所挂物体的质量,则最先断的绳是? A．必定是OA?B．必定是OB? C．必定是OC?D．可能是OB,也可能是OC? 12、如图,质量为M的楔形物块静置在水平地面上,其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m的小物块,小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉小物块,使之匀速上滑．在小物块运动的过程中,楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力为：( ) A.(M+m)g B.(M+m)g－F C.(M+m)g +Fsinθ D.(M+m)g －Fsinθ 13、在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A,A与竖直墙之间放一光滑圆球B,整个装置处于平衡状态.现对B加一竖直向下的力F,F的作用线通过球心,设墙对B的作用力为F1,B对A的作用力为F2,地面对A的作用力为F3.若F缓慢增大而整个装置仍保持静止,截面如图所示,( ) A.F1保持不变,F3缓慢增大 B.F1缓慢增大,F3保持不变 C.F2缓慢增大,F3缓慢增大 D.F2缓慢增大,F3保持不变

一、选择题:1.3001:把单摆摆球从平衡位置向位移正方向拉开,使摆线与竖直方向成一微小角度 ,然后由静止放手任其振动,从放手时开始计时。若用余弦函数表示其运动方程,则该单摆振动的初相为A.  B. /2 (C) 0 (D)  [ C.  [ C ] D. cos(t + )。当第一个质点从相对于其平衡位置的正位移处回到平衡位置时,第二个质点正在最大正位移处。则第二个质点的振动方程为: E. _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ F. _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ G. _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ [ B ] 3.3007:一质量为m的物体挂在劲度系数为k的轻弹簧下面,振动角频率为。若把此弹簧分割成二等份,将物体m挂在分割后的一根弹簧上,则振动角频率是 2 (B)_(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ (C) _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ (D)  /2 [ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__  /2 [ B ] _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__4.3396:一质点作简谐振动。其运动速度与时间的曲线如图所示。若质点的振动规律用余弦函数描述,则其初相应为 /6 5/6 -5/6 -/6 -2/3 [ ] T1和T2。将它们拿到月球上去,相应的周期分别为_(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__和_(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__。则有 _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__且_(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__且_(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__且_(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__且_(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ [ ] SI)。从t = 0时刻起,到质点位置在x = -2 cm处,且向x轴正方向运动的最短时间间隔为 _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ [ ] =J .** (10’)一定量的某单原子理想气体装在封闭的气缸里,此气缸有可活动的活塞(活塞与气缸壁之间无摩擦且无漏气),已知气体的初压强p1=1atm,体积V1=1L,现将该气体在等压下加热直到体积为原来的两倍,然后在等容下加热,到压强为原来的二倍,最后作绝热膨胀,直到温度下降到初温为止,试求:(1atm=1.013×105Pa) V图上将整个过程表示出来; (2)在整个过程中气体内能的改变; (3)在整个过程中气体所吸收的热量; (4)在整个过程中气体所作的功。 **(1)如图 (2),. J . J .** (10’)一定量的单原子分子理想气体,从A态出发经等压过程膨胀到 态,又经绝热膨胀到 态,如图所示,试求这全过程中气体对外所作的功,内能的增量以及吸收的热量。 VA=pcVc TA=TC . →B→C的=0, → 过程是绝热过程,有QBC=0, → 过程是等压过程,有J . → → 的 Q=QBC+QAB=30×105J Q=A+得 → →C 的A=Q-=30×105J . ** (10’)一理想气体的循环过程如图所示,由1 绝热压缩到2,再等容加热到3,然后绝热膨胀到4,再等容放热到1,设V1、V2、为已知,且循环的效率(式中A为循环气体对外作的净功,Q为循环中气体吸收的热量),求证:此循环的效率 . **证明:由定义,对1mol气体有; 又; V2=V3;V4=V1,所以,, . ** (10’)1mol双原子分子理想气体状态A()沿p-V图所示直线变化到状态B()试求: (1)气体的内能增量; (2)气体对外界所作的功; (3)气体吸收的热量; (4)此过程的摩尔热容(摩尔热容,其中表示1mol物质在过程中升高温度时所吸收的热量). 的简谐振动。当重物通过平衡位置且向规定的正方向运动时,开始计时。则其振动方程为: _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ [ ] = 4 cm,周期T = 2 s,其平衡位置取作坐标原点。若t = 0时刻质点第一次通过x = -2 cm处,且向x轴负方向运动,则质点第二次通过x = -2 cm处的时刻为 1 s (B) (2/3) s (C) (4/3) s (D) 2 s [ (4/3) s 2 s [ B ] t = T/4(T为周期)时刻,物体的加速度为 _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ [ ] t = T/2(T为周期)时,质点的速度为 _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ [ ] 11.3030:两个同周期简谐振动曲线如图所示。 x1的相位比x2的相位 落后/2 超前 落后 超前 [ ] ,在起始时刻质点的位移为_(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__,且向x轴的正方向运动,代表此简谐振动的旋转矢量图为 [ ] _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ T。质点由平衡位置向x轴正方向运动时,由平衡位置到二分之一最大位移这段路程所需要的时间为 T /4 T /6 T /8 T /12 [ ] 14.3270:一简谐振动曲线如图所示。则振动周期是 2.62 s 2.40 s 2.20 s 2.00 s [ ] _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__15.5186:已知某简谐振动的振动曲线如图所示,位移的单位为厘米,时间单位为秒。则此简谐振动的振动方程为: _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ [ ] _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__16.3023:一弹簧振子,当把它水平放置时,它可以作简谐振动。若把它竖直放置或放在固定的光滑斜面上,试判断下面哪种情况是正确的: 竖直放置可作简谐振动,放在光滑斜面上不能作简谐振动 竖直放置不能作简谐振动,放在光滑斜面上可作简谐振动 两种情况都可作简谐振动 两种情况都不能作简谐振动 [ ] 1,如果简谐振动振幅增加为原来的两倍,重物的质量增为原来的四倍,则它的总能量E2变为 E1/4 E1/2 2E1 1/4 (B) E2/2 (C) 2E2 (D) 4 E1 [ ] 18.3393:当质点以频率作简谐振动时,它的动能的变化频率为 4  2  _(2)=Acos (omega t+alpha +dfrac (1)(2)pi )-|||-__ [ ] 19。3560:弹簧振子在光滑水平面上作简谐振动时,弹性力在半个周期内所作的功为 kA (1/4)kA 0 [ ] 20.5182:一弹簧振子作简谐振动,当位移为振幅的一半时,其动能为总能量的 1/4 1/2 3/4 [ ] t = 0时刻的动能与t = T/8(T为振动周期)时刻的动能之比为: 1:4 1:2 1:1 2:1 4:1 [ ] 22.5505:一质点作简谐振动,其振动方程为。在求质点的振动动能时,得出下面5个表达式: (1) (2) (3) (4) (5) T是振动的周期。这些表达式中 (1),(4)是对的 (2),(4)是对的 (1),(5)是对的 (3),(5)是对的 (2),(5)是对的 [ ] 23.3008:一长度为l、劲度系数为k 的均匀轻弹簧分割成长度分别为l和l的两部分,且l = n l,n为整数. 则相应的劲度系数k和k为 , , , , [ ] 24.3562:图中所画的是两个简谐振动的振动曲线。若这两个简谐振动可叠加,则合成的余弦振动的初相为 0 [ ]

[题目]画出下列各力的力臂。-|||-[题目]画出下列各力的力臂。-|||-F-|||-0-|||-F