2．如示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里．一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域，在运动过程中，线框有一边始终与磁场区域的边界平行，取它刚进入磁场的时刻为t=0，在以下四个线中，正确反映感应电流随时间变化规律的是(　　)×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-A．×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||- B．×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||- C．×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||- D．×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．【分】根据楞次定律判断感应电流的方向．由感应电动势公式和欧姆定律分别研究各段感应电流的大小，再选择象．【答】：线框进入磁场过程：所用时间t1=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-s=1s，根据楞次定律判断可知感应电流方向是逆时针方向，感应电流大小I=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-，保持不变．线圈完全在磁场中运动时磁通量不变，没有感应电流产生，时间为为t2=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-s=1s线框穿出磁场过程：所用时间t3=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-s=1s，感应电流方向是顺时针方向，感应电流大小I=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-不变．故C正确．故选：C　3．如所示，在光滑水平面上质量分别为mA=2kg、mB=4kg，速率分别为vA=5m/s、vB=2m/s的A、B两小球沿同一直线相向运动(　　)×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-A．它们碰撞前的总动量是18kg•m/s，方向水平向右B．它们碰撞后的总动量是18kg•m/s，方向水平向左C．它们碰撞前的总动量是2kg•m/s，方向水平向右D．它们碰撞后的总动量是2kg•m/s，方向水平向左【考点】动量守恒定律．【分】两球碰撞过程，系统动量守恒，先选取正方向，再根据动量守恒定律列方程，求即可．【答】：取水平向右方向为正方向，设碰撞后总动量为P．则碰撞前，A、B的速度分别为：vA=5m/s、vB=﹣2m/s．根据动量守恒定律得：P=mAvA+mBvB=2×5+4×(﹣2)=2(kg•m/s)，P＞0，说明碰撞后总动量方向水平向右．则碰撞前总动量方向也水平向右．故选：C．　4．如所示，水平面上有电阻不计的U形导轨NMPQ处于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与水平面夹角为θ，垂直于ab且指向右斜上方．导轨宽度为L，M和P之间接入电流为I(不计内阻)，垂直于导轨搁一根质量为m、接入导轨间的电阻为R的金属棒ab，当ab棒静止时，ab棒受到的摩擦力的大小(　　)×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-A．BILsinθ B．BILcosθ C．u(mg﹣BILsinθ) D．u(mg+BILsinθ)【考点】安培力；共点力平衡的条件及其应用．【分】根据左手定则正确判断出导体棒ab所受安培力的方向，然后对棒ab正确进行受力分，根据所处平衡状态列方程即可正确求；【答】：根据左手定则可知，棒ab所受的安培力方向垂直于棒斜向左上方，其受力截面为：×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-Fx合=F摩﹣Fsinθ=0…①Fy合=FN+Fcosθ﹣mg=0…②F=BIL得：F摩=BILsinθ由于导体棒静止，故不能利用滑动摩擦力公式求，故A正确，BCD错误．故选：A．　5．某小型交流发电机的示意，其矩形线圈abcd的面积为S=0.03m2，共有10匝，线圈总电阻为r=1Ω，线圈处于磁感应强度大小为×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-T的匀强磁场中，可绕与磁场方向垂直的固定对称轴OO′转动，线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路电阻R=9Ω的连接．在外力作用下线圈10πrad/s绕轴OO′匀速转动时，下列说法中正确的是(　　)×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-A．电阻R的发热功率是3.6WB．交流电流表的示数是0.6AC．用该交流发电机给电磁打点计时器供电时，打点的时间间隔一定为0.02sD．如果将电阻R换成标有“6V3W”字样的小灯泡，小灯泡能正常工作【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分】根据Em=NBSω求得产生的感应电动势的最大值，根据有效值和最大值间的关系求得有效值，利用闭合电路的欧姆定律即可判断【答】：A、线圈产生的最大感应电动势为Em=NBSω=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-，有效值为E=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-，根据闭合电路的欧姆定律可知I=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-，电阻产生的热功率为P=I2R=3.24W，故A错误，B正确；C、交流电的周期T=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-，故打点的时间间隔一定为0.2s，故C错误；D、灯泡的电阻R=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-，电灯泡两端的电压为U=×x-|||-v-|||-times -|||- x-|||-x-|||-20cm-|||-，故小灯泡不能正常发光，故D错误故选：B