一个额定功率为0。1W的电阻Ｒx,其阻值不详,有两个研究性学习小组分别设计了以下实验方案测量该电阻.①第一组同学先用欧姆表粗测其阻值，其结果如下图所示,该组同学还备有以下器材.A．电流表，量程0～5０0μA,内阻约150Ω。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:B.电流表，量程0~10mＡ，内阻约1０ΩC.电压表,量程0～3V,内阻约5ＫΩD.电压表，量程0~１５Ｖ,内阻约１0KΩE．干电池两节,每节电动势为1。5VＦ．直流稳压电源,输出电压12V,额定电流1AG.滑动变阻器,0～50Ω,0．５AH．电键一只,导线若干试帮助该组同学选择合适的器材及适当的电路,较精确地测量Rx．Ⅰ.欧姆表测得的Rx约为Ω;Ⅱ.电流表应该选择,电压表应该选择,电源应该选择(选填字母代号即可）;Ⅲ.请在下图中选择合适的电路图测量该电阻Ｒx,要求电流表电压表的读数从零始．。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:②第二组同学选择合适的器材后,利用如下图所示的电路进行测量，他们的主要实验步。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:骤如下:第一步:将开关Ｓ2接２，闭合开关S1,调节滑动变阻器RP和RW,使电表读数接近满量程,但不超过量程,记录此时电压表和电流表的示数U１、I1；第二步:将开关S2接1,记录此时电压表、电流表示数U２、I2.Ⅰ。由以上记录的数据计算出被测电阻Rx的表达式为Rx＝________Ⅱ.简要分析此实验方案为何能避免因电表内阻而引起的实验误差．试卷答案1。(1)Ｂ,F；(2)４.８，＜;（３）=【考点】测定电源的电动势和内阻.【分析】（１)根据给出的电源电动势和保护电阻由欧姆定律可求得电流，从而确定电流表，再根据滑动变阻器的作用可明确应选用的滑动变阻器;（2)明确电路结构，根据欧姆定律即可求得电阻的阻值；（3）分析补偿电源的作用，根据实验原理明确是否存在实验误差．【解答】解：(1）电源电动势为６V,保护电阻为5Ω，则电流约为：I＝。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:=。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:＝１A，故为了能准确测量，电流表应选择Ｂ;因内电阻较小,故滑动变阻器应选择较小的F;（2）由电路图可知，U2为电阻两端的电压,电流表示数为R中的电流,则可知,定值电阻的阻值为:R0=。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:=。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:=4。8Ω;由于采用了电流表外接法,故测量出的电流较大,则由欧姆定律可知，测量值小于真实值；（3）由于电压表电支路中电流为零，故电压表不再分流，则此时电流表测出的电流为干路电流，电压表示数为路端电压,因此测量结果是准确的.故答案为:(1)Ｂ，F；（2）４.8，<；（3）=2。解：①待测电压表内阻已知,若能求出电路中的电流即可明确其不同刻度处时的电压，根据格数即可求得满偏电压值;因电压表中允许通过的电流较小,不能用用让其与待测电流表相串联,故只能用电压表并联的方式测出电压值,而V2量程过大,故应串联一保护电阻;原理图如图所示；。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:（２)若Ｖ2示数为U，则流过V1的电流I＝。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:;待测电压表的示数为：IRV１=。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:R1;故满偏电压Ug=。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:;其中U是直流电压表V的指针指到第n格时,标准电压表Ｖ2的读数故答案为:（1）如图所示;（２)。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:;标准电压表Ｖ2的读数。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:3。解:①由电路图可知,本实验采用分压接法，故滑动变阻器应选择小电阻;故选：R２;②为了使电流表电流增大,则应使并联的滑动变阻器部分增大;故滑片应向Ｂ端移动；③根据给出的原理图可得出其实物图；如图所示;④Ｇ１表与定值电阻R0并联，由欧姆定律可知，Ｇ1表两端的电压U＝(I2﹣I1）R0；则G1的内阻r=。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:=。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:R０；故答案为:①R２②B；③如图所示；（４）。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:R０;。-|||-=a-|||-×10 = bigcirc =-|||-15--|||-1--|||-:4。（1）________Ｖ（１.3０V也得分）（2）________________Ω(________Ω也给分）(5)________（1。4０~1。50均给分)________Ω________5.
一个额定功率为0。1W的电阻Ｒx,其阻值不详,有两个研究性学习小组分别设计了以下实验方案测量该电阻.
①第一组同学先用欧姆表粗测其阻值，其结果如下图所示,该组同学还备有以下器材.
A．电流表，量程0～5０0μA,内阻约150Ω
B.电流表，量程0~10mＡ，内阻约1０Ω
C.电压表,量程0～3V,内阻约5ＫΩ
D.电压表，量程0~１５Ｖ,内阻约１0KΩ
E．干电池两节,每节电动势为1。5V
Ｆ．直流稳压电源,输出电压12V,额定电流1A
G.滑动变阻器,0～50Ω,0．５A
H．电键一只,导线若干
试帮助该组同学选择合适的器材及适当的电路,较精确地测量Rx．
Ⅰ.欧姆表测得的Rx约为Ω;
Ⅱ.电流表应该选择,电压表应该选择,电源应该选择(选填字母代号即可）;
Ⅲ.请在下图中选择合适的电路图测量该电阻Ｒx,要求电流表电压表的读数从零始．
②第二组同学选择合适的器材后,利用如下图所示的电路进行测量，他们的主要实验步
骤如下:
第一步:将开关Ｓ2接２，闭合开关S1,调节滑动变阻器RP和RW,使电表读数接近满量程,但不超过量程,记录此时电压表和电流表的示数U１、I1；
第二步:将开关S2接1,记录此时电压表、电流表示数U２、I2.
Ⅰ。由以上记录的数据计算出被测电阻Rx的表达式为Rx＝________
Ⅱ.简要分析此实验方案为何能避免因电表内阻而引起的实验误差．
试卷答案
1。(1)Ｂ,F；(2)４.８，＜;（３）=
【考点】测定电源的电动势和内阻.
【分析】（１)根据给出的电源电动势和保护电阻由欧姆定律可求得电流，从而确定电流表，再根据滑动变阻器的作用可明确应选用的滑动变阻器;
（2)明确电路结构，根据欧姆定律即可求得电阻的阻值；
（3）分析补偿电源的作用，根据实验原理明确是否存在实验误差．
【解答】解：(1）电源电动势为６V,保护电阻为5Ω，则电流约为：I＝
=
＝１A，故为了能准确测量，电流表应选择Ｂ;因内电阻较小,故滑动变阻器应选择较小的F;
（2）由电路图可知，U2为电阻两端的电压,电流表示数为R中的电流,则可知,定值电阻的阻值为:
R0=
=
=4。8Ω;
由于采用了电流表外接法,故测量出的电流较大,则由欧姆定律可知，测量值小于真实值；
（3）由于电压表电支路中电流为零，故电压表不再分流，则此时电流表测出的电流为干路电流，电压表示数为路端电压,因此测量结果是准确的.
故答案为:(1)Ｂ，F；（2）４.8，<；（3）=
2。解：①待测电压表内阻已知,若能求出电路中的电流即可明确其不同刻度处时的电压，根据格数即可求得满偏电压值;因电压表中允许通过的电流较小,不能用用让其与待测电流表相串联,故只能用电压表并联的方式测出电压值,而V2量程过大,故应串联一保护电阻;原理图如图所示；
（２)若Ｖ2示数为U，则流过V1的电流I＝
;
待测电压表的示数为：IRV１=R1;
故满偏电压Ug=
;其中U是直流电压表V的指针指到第n格时,标准电压表Ｖ2的读数
故答案为:（1）如图所示;（２);标准电压表Ｖ2的读数
3。解:①由电路图可知,本实验采用分压接法，故滑动变阻器应选择小电阻;故选：R２;
②为了使电流表电流增大,则应使并联的滑动变阻器部分增大;故滑片应向Ｂ端移动；
③根据给出的原理图可得出其实物图；如图所示;
④Ｇ１表与定值电阻R0并联，由欧姆定律可知，Ｇ1表两端的电压U＝(I2﹣I1）R0；
则G1的内阻r=
=
R０；
故答案为:①R２②B；③如图所示；（４）R０;
4。（1）________Ｖ（１.3０V也得分）
（2）________________Ω(________Ω也给分）
(5)________（1。4０~1。50均给分)________Ω________
5.
题目解答
答案
； 1.3 1 ３ 15 1.45 8 r